Навчальні завдання "Метод координат"
1. Пряму задано рівнянням 3х – 5у + 15 = 0. Перевірити, які з точок А (– 2, 3), В (0, 3), С (5, 6), належать заданій прямій, знайти її рівняння з кутовим коефіцієнтом і у відрізках на осях.
· Для перевірки того, чи лежать точки А, В, С на прямій, підставимо їхні координати в рівняння прямої:
А: 3 (– 2) – 5 * 3 + 15 ¹ 0, В: 3 * 0 – 3 * 5 + 15 = 0,
С: 3 * 5 – 5* 6 + 15 = 0.
С: 3 * 5 – 5* 6 + 15 = 0.
Таким чином, точка А не лежить на прямій, а точки В і С лежать на прямій.
Поділимо рівняння прямої почленно на коефіцієнт при у:
, а далі запишемо його у вигляді
— рівняння з кутовим коефіцієнтом.


Поділивши рівняння почленно на вільний член:


дістанемо шукане рівняння прямої у відрізках на осях.
2. Дано дві вершини трикутника А (2, – 3), В (5, 1), рівняння сторони ВС: х + 2у – 7 = 0 і медіани АМ: 5х – у – 13 = 0. Скласти рівняння висоти, опущеної з вершини С, обчислити її довжину, знайти кут трикутника при вершині А.
· Нехай вершина трикутника С (х1, у1). Тоді точка з координатами
лежить на медіані, тобто виконується рівність
. Крім того, точка С лежить на прямій ВС. Отже, маємо систему рівнянь для знаходження координат (х1, у1):



Знайдемо рівняння прямих АВ і АС, використовуючи рівняння прямої (2.16), маємо:

Висота проходить через точку С перпендикулярно до прямої АВ. Використаємо умову перпендикулярності двох прямих і знайдемо кутовий коефіцієнт висоти
. Використаємо рівняння (2.15) і знайдемо рівняння висоти:


Довжину висоти знайдемо як відстань від точки С(1, 3) до прямої АВ.

Щоб обчислити кут А, скористаємось формулою для знаходження кута між двома прямими (2.18):

3. Паралельні прямі проходять відповідно через точки О(0, 0) і М(1, 3). Знайти їх рівняння, коли відомо, що відстань між ними дорівнює
.

· Якщо прямі паралельні, то їх кутові коефіцієнти рівні між собою, тому згідно з (2.15) рівняння шуканих прямих можна записати у вигляді
Візьмемо довільну точку, що лежить на першій прямій, наприклад
. Тоді згідно з формулою для відстані точки до прямої запишемо:






4. Записати рівняння бісектрис кутів, утворених прямими
і 


· Використаємо відому властивість бісектриси кута про те, що на ній лежить множина точок, рівновіддалених від сторін кута. Нехай М(х, у) — точка, яка належить цій множині. Тоді за формулою відстані від точки до прямої записуємо:




5. Обчислити площу ромба, знаючи одну з його вершин
А(0, –1), точку перетину діагоналей М(4, 4) і точку N(2, 0) на стороні АВ.
А(0, –1), точку перетину діагоналей М(4, 4) і точку N(2, 0) на стороні АВ.
· Використовуючи (2.16), запишемо рівняння сторони АВ:




Знайдемо кутовий коефіцієнт діагоналі ромба АС: 

Кутовий коефіцієнт другої діагоналі дорівнює
а її рівняння
Розв’язуючи систему рівнянь



знаходимо координати точки
. Довжина сторони ромба


Отже, площа ромба
.

6. Скласти рівняння сторін трикутника, знаючи одну з його вершин А(2, – 4) і рівняння бісектрис двох його кутів:



· Підставлянням координати точки А в рівняння бісектрис пересвідчимось, що бісектриси не проходять через цю точку. Нехай для визначеності вершина В і вершина С належать відповідно першій і другій бісектрисам. Знайдемо координати точки А¢, симетричної точці А відносно бісектриси
. Ця точка буде лежати на прямій ВС. Для цього запишемо рівняння перпендикуляра до цієї бісектриси, що проходить через точку А. Маємо: 
, або
Знайдемо точку перетину бісектриси і перпендикуляра, розв’язуючи систему
; координати точки
знайдемо з виразів
Аналогічно знайдемо координати точки А¢¢, симетричної точці А, відносно бісектриси
Рівняння прямої ВС знайдемо з (2.16):
Обчислимо координати вершин В і С як координати точок перетину відповідних бісектрис з прямою ВС:
Дістаємо:
. З (2.16) маємо рівняння сторін відповідно АВ і АС:
; 
















7. Дано еліпс
, через точку А (1; 1) провести хорду еліпса, яка поділяється в цій точці навпіл.

· Запишемо рівняння хорди, використовуючи рівняння (2.15) (у – 1) = k (х – 1). Це буде рівняння всіх хорд еліпса, що проходять через точку А. Знайдемо точки перетину цієї прямої з еліпсом, розв’язавши систему рівнянь:

За умовою задачі координати точок перетину хорди з еліпсом (х1, у1), (х2, у2) мають задовольняти рівності:
і
. З теореми Вієта і останньої умови маємо:
звідки
. Шукане рівняння хорди набирає вигляду
або 4х + 9у – 13 = 0.





8. Записати рівняння гіперболи, яка проходить через точку А (6; 9), якщо:
1) відстань між фокусами дорівнює 8, а відстань між директрисами — 6;
2) директриси задано рівняннями
, а кут між асимптотами — прямий;

3) ексцентриситет дорівнює e = 2, а уявна піввісь b = 3;
4) асимптоти задано рівнянням
.

· 1) Координати фокусів F1 (– c; 0); F2 (c; 0), тому з умови
2с = 8; с = 4, відстань між директрисами
. Звідки, враховуючи, що
маємо: а = 12, b = c – a = 4. Остаточно
.
2с = 8; с = 4, відстань між директрисами



2) З рівнянь директрис маємо:
, якщо кут між асимптотами прямий, то а = b. Отже, з урахуванням формули
маємо
і а = 6; b = 6. Остаточно записуємо рівняння шуканої гіперболи:
.




3) З формули, застосованої вище, дістаємо
звідки
. Отже,
.



4) Точка А належить гіперболі, тому маємо:
. З рівняння асимптот гіперболи випливає співвідношення
, або
. Підставивши b в останнє співвідношення, дістанемо рівняння для знаходження а2:




Отже, 

9. Знайти умову, за якої пряма у = kx + b дотикається до параболи у2 = 2рх.
· Парабола і пряма будуть дотикатися одна до одної, якщо система рівнянь матиме єдиний розв’язок:

Виключаючи х із рівнянь системи, дістаємо квадратне рівняння:

Воно має єдиний розв’язок, якщо D = 0. Звідси випливає:

але р ¹ 0. Отже, р = 2bk — умова дотику прямої і параболи.
10. Записати рівняння лінії центрів двох кіл х2 + у2 – 6х + 8у = 0 і х2 + у2 + 2х – 12у + 1= 0.
· Знайдемо спочатку координати центрів цих двох кіл, виділивши повні квадрати:
х2 – 6х + 9 + у2 + 8у + 16 = 25, або (х – 3)2 + (у + 4)2 = 25,
х2 + 2х + 1 + у2 – 12у + 36 = 36, або (х + 1)2 + (у – 6)2 = 36.
Отже, координати центра першого кола С1 (3; – 4), а другого — С2 (– 1; 6). Скориставшись рівнянням (2.16), знайдемо

5х + 2у – 7 = 0 — шукане рівняння центрів кіл.
11. Дослідити рівняння
при різних значеннях параметрів а і b.

· Обчислимо визначники d і
, які визначають тип кривої другого порядку:



1) а > 9, маємо еліпс, при
— уявний, при
— дійсний. Якщо
, то еліпс вироджується в уявні прямі.



2) а = 9. Маємо криву параболічного типу
. Якщо
, то ця крива — парабола; при а = 9, b = 9 рівняння параболи розпадається на пару паралельних прямих:





3) а < 9. Маємо гіперболу. Якщо
, то гіпербола розпадається на пару прямих.

12. Знайти новий початок координат і кут, на який треба по вернути систему координат, щоб дістати канонічний вигляд кривої другого порядку:
.

· Для знаходження координат нового центра розв’яжемо систему рівнянь:

Для знаходження кута повороту системи координат скористаємось виразом (2.24)

Нові значення
; знайдемо
і
;
,
. Скориставшись рівнянням канонічного вигляду, знайдемо рівняння кривої
, або
. Записано канонічне рівняння еліпса в системі координат Ох¢у¢, центр якої відносно старої системи Оху перенесено паралельно осям у точку
(2; 3), а далі систему з новим центром повернуто на кут
.









Завдання для перевірки знань
1. Скласти рівняння катетів прямокутного рівнобедреного трикутника, якщо у = 3х + 5 — рівняння гіпотенузи, А (4, – 1) — вершина прямого кута.
Відповідь.
.

2. Дано вершини трикутника А (4; 6), В (– 4; 0), С (– 1; – 4). Скласти рівняння: а) трьох його сторін; б) медіани, проведеної з вершини С; в) бісектриси кута В; г) висоти, опущеної з вершини А.
3. Дано трикутник з вершинами в точках
. Обчислити довжини його висот.



Відповідь.
.

4. На осі абсцис знайти точку, яка міститься на відстані а від прямої
.

Відповідь. 

5. З точок перетину прямої
з осями координат встановлено перпендикуляри до цієї прямої. Знайти їх рівняння.

Відповідь. 

6. Дано дві вершини трикутника А (– 6; 2), В (2; – 2) і Н (1; 2) — точку перетину його висот. Обчислити координати третьої вершини.
Відповідь. С (2; 4).
7. Знайти рівняння прямої, що проходить через точку (2; – 1) і утворює з віссю Ох удвічі більший кут, ніж кут, що його утворює з тією самою віссю пряма 

Відповідь. 

8. Рівняння бічних сторін рівнобедреного трикутника у = 3;
х – у + 4 = 0. Скласти рівняння основи, якщо вона проходить через початок системи координат.
х – у + 4 = 0. Скласти рівняння основи, якщо вона проходить через початок системи координат.
Відповідь. 

9. Скласти рівняння сторін квадрата, якщо А(2; – 4) — його вершина, М(5; 2) — точка перетину діагоналей.
Відповідь. 

10. Скласти рівняння сторін трикутника, якщо А(3; 5), В(6; 1) — його вершини, М(4; 0) — точка перетину медіан.
Відповідь. 

11. Скласти рівняння прямої, що поділяє відрізок АВ, А(– 3; 2), В(5; – 2) навпіл і утворює з відрізком АВ кут, удвічі більший, ніж із віссю Ох.
Відповідь. 

12. Через точку А(5; 2) провести пряму, що відтинає рівні відрізки на осях системи координат.
Відповідь. 

13. Знайти дотичні до кола
що проходить через точку А(7; –3).

Відповідь. 

14. У трикутнику А(1; 2), В(3; 7), С(5; – 13) обчислити довжину перпендикуляра, опущеного з вершини В на медіану, проведену з вершини А.
Відповідь. 

15. Знайти рівняння прямої, паралельної прямій 12х + 5у –
– 52 = 0, що міститься від неї на відстані 2 лін. од.
– 52 = 0, що міститься від неї на відстані 2 лін. од.
Відповідь. 

16. Скласти рівняння прямої, що проходить посередині між прямими 

Відповідь. 

17. Знайти точку, симетричну точці А(– 2; – 9) відносно прямої 

Відповідь. (10; 21).
18. Дано рівняння двох суміжних сторін паралелограма х – у = 1, х – 2у = 0, М(3; – 1) — точка перетину діагоналей. Записати рівняння двох інших сторін паралелограма.
Відповідь. х – у = 7, х – 2у = 10.
19. Відоме рівняння 3х + 2у + 6 = 0 однієї сторони кута і
х – 3у + 5 = 0 — рівняння його бісектриси. Скласти рівняння другої сторони кута.
х – 3у + 5 = 0 — рівняння його бісектриси. Скласти рівняння другої сторони кута.
Відповідь. 6х + 17у =15.
20. У трикутнику АВС відомі АВ:
висота ВН:
висота АK:
Записати рівняння сторін АС; ВС.



Відповідь. 

21. Скласти рівняння сторін трикутника, якщо А(– 4; 2) — одна з його вершин і
і
— рівняння двох його медіан.


Відповідь. 

22. Скласти рівняння сторін трикутника, знаючи одну з його вершин А(3; – 4) і рівняння висот: 

Відповідь. 

23. Знайти центр і радіус кола
.

Відповідь. а = 4; b = – 3; R = 2.
24. Записати рівняння дотичних, проведених із початку системи координат до кола
.

Відповідь. у = 0; 20х – 21у = 0.
25. На еліпсі
знайти точку, відстань якої від правого фокуса в чотири рази більша за відстань від лівого фокуса.

Відповідь.
.

26. Еліпс проходить через точку
і дотикається до прямої 4х + 5у – 25 = 0. Записати рівняння цього еліпса і знайти координати точки дотику.

Відповідь.
.

27. Знайти рівняння кола, описаного навколо трикутника з вершинами А(7; 7), В(0; 8), С(– 2; 4).
Відповідь. 

28. Записати рівняння кола з центром у точці (6; 7), що дотикається до прямої 

Відповідь. 

29. В еліпс
вписано правильний трикутник так, що одна з його вершин збігається з правим кінцем великої осі. Знайти координати двох інших вершин.

Відповідь.
.

30. Записати рівняння прямої, що дотикається до еліпса
у точці (2; – 3).

Відповідь. 

31. Знайти рівняння тих дотичних до еліпса
відстань яких від центра еліпса дорівнює 3.

Відповідь. 

32. Гіпербола дотикається до прямої
у точці (4; 2). Скласти рівняння гіперболи.

Відповідь. 

33. До параболи
провести дотичну паралельно прямій 


Відповідь. 

34. Знайти кут між асимптотами гіперболи, в якої:
а) ексцентриситет 

б) відстань між фокусами вдвічі більша за відстань між директрисами.
Відповідь. а) 120°; б) 90°.
35. Записати рівняння прямої, що дотикається до гіперболи
у точці (5, – 4).

Відповідь. х + у =1.
36. Знайти найкоротшу відстань параболи
до прямої 


Відповідь. 2.
37. Визначити типи таких кривих:
а) 

б) 

в) 

г) 

д) 

Відповідь. а) гіпербола; б) еліпс; в) пара прямих, що перетинаються; г) парабола; д) пара паралельних прямих.
Із цим матеріалом читають:
Немає коментарів:
Дописати коментар